HDU 3577 [선분 트 리 + 구간 업데이트 + 최 치 조회]

Fast Arrangement
Problem Description
Chinese always have the railway tickets problem because of its’ huge amount of passangers and stations. Now goverment need you to develop a new tickets query system. One train can just take k passangers. And each passanger can just buy one ticket from station a to station b. Each train cannot take more passangers any time. The one who buy the ticket earlier which can be sold will always get the ticket.
Input
The input contains servel test cases. The first line is the case number. In each test case: The first line contains just one number k( 1 ≤ k ≤ 1000 ) and Q( 1 ≤ Q ≤ 100000 ) The following lines, each line contains two integers a and b, ( 1 ≤ a < b ≤ 1000000 ), indicate a query. Huge Input, scanf recommanded.
Output
For each test case, output three lines: Output the case number in the first line. If the ith query can be satisfied, output i. i starting from 1. output an blank-space after each number. Output a blank line after each test case.
Sample Input
1 3 6 1 6 1 6 3 4 1 5 1 2 2 4
Sample Output
Case 1: 1 2 3 5
제목
한 기 차 는 동시에 최대 k 명 이 있 고, 그 다음 에 q 명 이 표를 사고, 먼저 사서, 어떤 사람 이 살 수 있 느 냐 고 물 었 다.T 조 샘플 을 입력 하 십시오. 각 조 의 샘플 에 대해 서 는 k, q 를 입력 한 다음 에 q 행 을 입력 하 십시오. 각 줄 마다 a, b, b 는 a 에서 b 까지 의 표를 사 겠 다 고 표시 합 니 다. 주의해 야 할 것 은 이 사람 이 b 시 에 내리 면 좌석 이 비 어 있 습 니 다. 다음 사람 에 게 팔 수 있 습 니 다. 즉, 각 구간 은 [a, b) [a, b) 입 니 다.
풀다.
이 사람 이 이 구간 의 표를 살 수 있다 면 이 구간 은 모두 1 을 더 하면 이 역 들 은 모두 한 사람 이 더 많아 졌 다 는 것 을 나타 낸다. 이 사람 이 사려 는 구간 중 한 정거장 의 사람 이 k 보다 적지 않 으 면 이 사람 은 표를 살 수 없고 이 구간 은 갱신 되 지 않 는 다.

#include
#include
#include
#include
using namespace std;
const int MAXN = 1000000 + 10;
int N = 1000001;
int tre[MAXN * 4];//     
int laz[MAXN * 4];//lazy  
int query_ans;//   query   
void update(int t, int l, int r, int x, int y)
{
    if (x <= l && r <= y)
    {
        laz[t]++;
        return;
    }
    if (l != r && laz[t] > 0)
    {
        laz[t << 1] += laz[t];
        laz[t << 1 | 1] += laz[t];
        laz[t] = 0;
    }
    int mid = l + r >> 1;
    if (y <= mid)
        update(t << 1, l, mid, x, y);
    else if (x > mid)
        update(t << 1 | 1, mid + 1, r, x, y);
    else
    {
        update(t << 1, l, mid, x, y);
        update(t << 1 | 1, mid + 1, r, x, y);
    }
    tre[t] = max(tre[t << 1] + laz[t << 1], tre[t << 1 | 1] + laz[t << 1 | 1]);
}
void query(int t, int l, int r, int x, int y)
{
    tre[t] += laz[t];
    if (l != r && laz[t] > 0)
    {
        laz[t << 1] += laz[t];
        laz[t << 1 | 1] += laz[t];
    }
    laz[t] = 0;
    if (x <= l && r <= y)
    {
        query_ans = max(query_ans, tre[t]);
        return;
    }
    int mid = l + r >> 1;
    if (y <= mid)
        query(t << 1, l, mid, x, y);
    else if (x > mid)
        query(t << 1 | 1, mid + 1, r, x, y);
    else
    {
        query(t << 1, l, mid, x, y);
        query(t << 1 | 1, mid + 1, r, x, y);
    }
    tre[t] = max(tre[t << 1] + laz[t << 1], tre[t << 1 | 1] + laz[t << 1 | 1]);
}
int main()
{
    int T, k, q;
    scanf("%d", &T);
    for (int CASE = 1; CASE <= T; CASE++)
    {
        memset(laz, 0, sizeof(laz));
        memset(tre, 0, sizeof(tre));
        scanf("%d%d", &k, &q);
        printf("Case %d:
", CASE);
        for (int i = 1, l, r; i <= q; i++)
        {
            query_ans = 0;
            scanf("%d%d", &l, &r);//     [l,r)
            query(1, 1, N, l, --r);
            if (query_ans < k)
            {
                printf("%d ", i);
                update(1, 1, N, l, r);//l-r +1
            }
        }
        printf("

");
    }
}