LIS 인쇄
dp[i] d p [i]는 a[i] a [i]로 끝나는 LIS 길이를 나타냅니다.
g[i] g[i]는 길이가 ii인 모든 LIS에서 가장 작은 엔딩 요소를 나타냅니다.
만약에 서열의 LIS 길이가 ans a ns라고 가정하면 우리는 g[] g []를 통해 가능한 끝 요소 g[ans] g [a n s](여러 개가 있으면 서열 끝에서 가장 가까운 것을 선택할 수 있다. 그러면 앞에서 (ans - 1)(a n s - 1) 개의 요소를 찾아야 한다.
찾는 동안 요소를 찾을 때마다 ans a n s (현재 LIS의 남은 길이) 를 1로 줄입니다.만약에 a[i]a[i]원소가 합법적이라면 반드시 a[i]a[i]가 이전 원소보다 작고 dp[i]dp[i]는 현재 LIS의 남은 길이와 같다.
프로그램:
#include
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using namespace std;
const int MAXN = 1e5 + 10;
const int N = 1e9;
typedef long long LL;
const int INF = 15000000 + 10;
int a[200100 + 10];
int dp[200100 + 10];
int g[200100 + 10];
int Stack[200100 + 10], top;
int main()
{
int n;
while(scanf("%d", &n) != EOF) {
for(int i = 1; i <= n; i++) {
scanf("%d", &a[i]);
g[i] = INF;
}
int ans = 0;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
int id = lower_bound(g + 1, g + n + 1, a[i]) - g;
dp[i] = id;
g[dp[i]] = min(g[dp[i]], a[i]);
ans = max(ans, dp[i]);
}
printf("%d
", ans);
top = 0; Stack[top++] = g[ans];
int N;
for(int i = n; i >= 1; i--) {
if(a[i] == g[ans]) {
N = i; break;
}
}
int mark = g[ans]; ans--;
for(int i = N - 1; i >= 1; i--) {
if(a[i] < mark && dp[i] == ans) {
mark = a[i]; ans--;
Stack[top++] = a[i];
}
}
for(int i = top - 1; i >= 0; i--) {
printf("%d
", Stack[i]);
}
}
return 0;
}
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현재 기사가 여러분의 문제를 해결하지 못하는 경우 AI 엔진은 머신러닝 분석(스마트 모델이 방금 만들어져 부정확한 경우가 있을 수 있음)을 통해 가장 유사한 기사를 추천합니다:
[BOJ]11048(python)python 풀이 DP를 이용해 풀이 보통 이런 문제는 dfs나 bfs로 풀이하는 것이여서 고민을 했는데 이 문구 덕분에 DP 를 이용해 풀이할 수 있었다 뒤로 돌아가는 등의 경우를 고려하지 않아도 되기 때문이다 코...
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