Codeforces 1215 E 상 압 DP

제목: 서열 을 하나 드 리 겠 습 니 다. 서열 에 있 는 인접 한 두 요 소 를 교환 할 수 있 습 니 다. 적어도 몇 번 을 교환 해 야 이 서열 을 몇 개의 큰 색 과 같은 부분 으로 만 들 수 있 는 지 물 어보 세 요.
사고방식: 제목 의 색깔 종류 가 매우 적기 때문에 상 압 DP 를 고려한다.dp [mask] 를 설정 하여 mask 를 1 로 하 는 색 을 뒤에서 앞으로 배치 하 는 데 최소 비용 을 들 입 니 다.그러면 우리 가 새로운 색 을 추가 할 때 몇 번 을 옮 겨 야 하 는 지 알 아야 하기 때문에 우 리 는 행렬 c [i] [j] 를 미리 처리 해 야 합 니 다.c [i] [j] 는 i, j 두 가지 요소 만 고려 하여 모든 요소 i 를 요소 j 앞 에 이동 시 키 는 최소 비용 으로 미리 처리 한 후에 폭력 으로 이동 하면 된다 는 뜻 이다.
코드:
#include 
#define LL long long
using namespace std;
const int maxn = 400010;
vector b[20];
int a[maxn];
LL f[1 << 20];
LL c[20][20];
int main() {
	int n;
	scanf("%d", &n);
	memset(f, 0x3f, sizeof(f));
	for (int i = 1; i <= n; i++) {
		scanf("%d", &a[i]);
		b[a[i] - 1].push_back(i);
	}
	for (int i = 0; i < 20; i++) {
		if(!b[i].size()) continue;
		for (int j = 0; j < 20; j++) {
			if(!b[j].size() || i == j) continue;
			int p = 0;
			for (int k = 0; k < b[i].size(); k++) {
				while(p < b[j].size() && b[j][p] < b[i][k]) p++;
//				if(p < b[j].size())
					c[i][j] += p;
			}
		}
	}
	f[0] = 0;
	for (int i = 0; i < (1 << 20); i++) {
		vector d;
		d.clear();
		for (int j = 0; j < 20; j++) {
			if((i >> j) & 1) {
				d.push_back(j);
				
			}
		}
		for (int j = 0; j < 20; j++) {
			if(((i >> j) & 1) == 0) {
				LL sum = 0;
				for (int k = 0; k < d.size(); k++) {
					sum += c[d[k]][j];
				}
				f[i ^ (1 << j)] = min(f[i ^ (1 << j)], f[i] + sum);
			}
		}
	}
	printf("%lld
", f[(1 << 20) - 1]); }

 
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